计算机三级模拟冲刺试题集6辑

发布时间:2021-08-20
计算机三级模拟冲刺试题集6辑

计算机三级模拟冲刺试题集6辑 第1辑


(1)计算机辅助教学的缩写是

正确答案:
(1) CAI 【解析】CAD是指计算机辅助设计,CAE是指计算机辅助工程,CAM是指计算机辅助制造,CAT是计算机辅助测试,CAI是计算机辅助教学。


一下列哪类操作系统的源代码公开的?

A.Windows

B.Unix

C.Linux

D.OS/2

正确答案:A


在对数据流图的分析中,主要是找到中心变换,这是从数据流图导出______的关键。

A.实体关系

B.程序模块

C.程序流程图

D.结构图

正确答案:D
解析:在需求分析阶段建立了数据流图,用以表达问题中数据流和加工之间的关系;在概要设计阶段则需要建立程序结构图,用以表示程序的总体结构。对于变换型问题的数据流图,中心变换送出的数据流称为逻辑输出,在中心变换两端的数据流就是逻辑输入和逻辑输出。对数据流图的分析主要是找到中心变换,这是从数据流图导出结构图的关键。


在下列活动中,______活动是电子商务中商务活动的核心。

A.市场调查分析

B.财务核算

C.客户联系

D.贸易

正确答案:D
解析:在广义的理解中,电子商务中的商务活动包括了企业和个人商业活动的各个环节,而不仅仅是贸易阶段,当然贸易是其中的核心。


若使用Oracle系统开发一个数据库应用系统,在进行数据库模式设计时,在如下所列出的软件中,应选用( )。

A.Oracle Developer/2000

B.OraCle DeSigner/2000

C.Oracle PL/SQL

D.Oracle RDBMS

正确答案:B


假设(SS)=3000H,(SP)=0200H,(AX)=0001H,(DX)=0100H,执行下列指令后,(AL)=( )。 PUSH AX PUSH DX POP AX POP DX

A.32H

B.30H

C.01H

D.00H

正确答案:D
解析:堆栈先进后出,指令执行后AX=0100H,DX=0001H,所以选D:AL=00H。


设变量PR0TV保存的数据为6,汇编下面这条指令的结果为( )。 MOV AX,PROTV LT5

A.MOV AX,0FFFFH

B.MOV AX,0

C.MOV BX,0FFFFH

D.MOV AX,0

正确答案:B


并发操作有可能引起下述哪些问题?

Ⅰ.丢失更新

Ⅱ.不可重复读

Ⅲ.读脏数据

A.仅Ⅰ和Ⅱ

B.仅Ⅰ和Ⅲ

C.仅Ⅱ和Ⅲ

D.都是

正确答案:D
解析:事务的并发执行可能出现的3个主要问题是:丢失更新、对未提交更新的依赖和不一致的分析。即包括丢失更新、不可重复读和读脏数据。


在Internet网址www.esscu.edu中的edu是表示( )。

A.访问网页文件

B.访问文本文件

C.访问图形文件

D.访问教育机构网站

正确答案:D


计算机三级模拟冲刺试题集6辑 第2辑


设计磁盘调度算法时应考虑的两个基本因素是______。

A.公平性和高效性

B.独立性和可靠性

C.有效性和安全性

D.以上都不对

正确答案:A
解析:设计磁盘调度算法时应考虑的两个基本因素是公平性和高效性。


指令“AND AX,STR1 AND STR2”中,STR1和STR2是两个已赋值的变量,两个AND的区别是第一个AND是逻辑与指令,而第二个AND是逻辑与______。

正确答案:操作数
操作数


Pentium微处理器每个时钟周期最多能执行( )指令?

A.1条

B.2条

C.3条

D.4条

正确答案:B


下面是微处理器中有关Cache的叙述,其中错误的是

A.从Pentium微处理器开始已经将其内部的L1 Cache分离为指令Cache和数据Cache

B.Pentium Ⅱ的L2 Cache不在微处理器芯片内部

C.Pentium 4微处理器的L1 Cache和L2 Cache均集成在处理器芯片内

D.目前市场上销售的赛扬(Celeron)微处理器价格较低,因为芯片内部没有集成Cache

正确答案:D
解析:该题考查考生对微处理器Cache的理解。Pentium微处理器中将原来的数据和指令混合使用的8KB Cache分成两个独立的双路相联的8KB指令Cache和8KB数据Cache,从而减少了等待和传输数据的次数和时间,提高了芯片的整体性能,所以选项A是正确的;为了进一步提高微处理器的性能,除了原有的片内L1 Cache以外,还增加了L2 Cache,其中Pentium Ⅱ的L2 Cache不在微处理器芯片内部,而是在片外电路中,并有全速总线与CPU紧密连接,所以选项B是正确的; Pentium 4檄处理器的L1 Cache和L2 Cache均集成在处理器芯片内,而且所使用的Cache速度比 Pentium 3的Cache快1.8倍,所以选项C是正确的;赛扬(Celeron)微处理器不是没有Cache,而只是没有512KB的L2 Cache,故D错,所以应该选择D。


辅助执行控制的信息系统的特点不包括( )。

A.按预先确定的程序或规程进行处理

B.决策规则较程序化

C.处理手续灵活

D.处理和决策的周期较短

正确答案:B


请编制函数ReadDa(()实现从文件IN83.DAT中读取1000个十进制整数到数组xx中。请编制函数 Compute()分别计算出xx中奇数的个数odd、奇数的平均值avel、偶数的平均值ave2及所有奇数的方差totfc的值。最后调用函数WrireDat()把结果输出到OUT83.DAT文件中。

计算方差的公式如下:

设N为奇数的个数,xx[i]为奇数,ave1为奇数的平均值。

原始数据的存放格式是:每行存放10个数,并用逗号隔开(每个数均大于0且小于等于2000)。

注意:部分源程序已给出。

请勿改动主函数main()和输写函数WriteDat()的内容。

试题程序:

include<stdio.h>

include<stdlib.h>

include<string.h>

define MAX 1000

int xx[MAX],odd=0,even=0;

double avel=0.0,ave2=0.0,totfc=0.0;

void WriteDat(void);

int ReadDat (void)

{

FILE *fp;

if ( (fp=fopen ("IN83. DAT", "r") ) ==NULL) return 1;

fclose (fp);

return 0;

}

void Compute (void)

{

void main( )

{

int i;

for (i=0; i<MAX; i++)

xx[i]=0;

if (ReadDat ())

{

printf ("数据文件IN83.DAT 不能打开!\007\n");

return;

}

Compute ();

printf ( "ODD=%d\nAVEl=%f\nAVE2=%f\nTOTFC=%f\n",odd,avel,ave2,totfc);

WriteDat ();

void WriteDat(void)

{

FILE *fp;

int i;

fp=fopen ("OUT83. DAT", "w");

fprintf (fp,"%d\n%lf\n%lf\n%lf\n",odd,avel,ave2,totfc);

fclose(fp);

}

正确答案:int ReadDat(void) { FILE *fp; int ij; if((fp=fopen("IN83.DAT""r"))==NULL) return 1; for(i=0;i100;i++) { for(j=0;j10;j++) fscanf(fp"%d"&xx[i*l0+j]); fscanf(fp"\n"); if(feof(fp)) break; } fclose(fp); return 0; } void Compute (void) { int iyy[MAX]; for(i=0;i1000;i++) if(xx[i]%2!=0) { odd++; /*计算出xx中奇数的个数odd*/ ave1+=xx[i]; /*求奇数的和*/ yy [odd-l] =xx [i]; /*将奇数存入组中yy中*/ } else { even++; /*计算出xx中偶数的个数even*/ ave2+=xx[i]; /*求偶数的和*/ } ave1/=odd; /*求奇数的平均值*/ ave2/=even; /*求偶数的平均值*/ for(i=0;iodd;i++) totfc+=(yy[i]-ave1)*(yy[i]-ave1)/odd; /*求所以奇数的方差*/ }
int ReadDat(void) { FILE *fp; int i,j; if((fp=fopen("IN83.DAT","r"))==NULL) return 1; for(i=0;i100;i++) { for(j=0;j10;j++) fscanf(fp,"%d,",&xx[i*l0+j]); fscanf(fp,"\n"); if(feof(fp)) break; } fclose(fp); return 0; } void Compute (void) { int i,yy[MAX]; for(i=0;i1000;i++) if(xx[i]%2!=0) { odd++; /*计算出xx中奇数的个数odd*/ ave1+=xx[i]; /*求奇数的和*/ yy [odd-l] =xx [i]; /*将奇数存入组中yy中*/ } else { even++; /*计算出xx中偶数的个数even*/ ave2+=xx[i]; /*求偶数的和*/ } ave1/=odd; /*求奇数的平均值*/ ave2/=even; /*求偶数的平均值*/ for(i=0;iodd;i++) totfc+=(yy[i]-ave1)*(yy[i]-ave1)/odd; /*求所以奇数的方差*/ } 解析:本题考查的知识点如下:
(1)从文件中读取数据。
(2)奇偶数的判断和方差的求法。
在C语言中,有一结构体类型FILE,其中包含文件的一些属性信息。可定义指针指向该结构体,这个指针称为文件指针。要从文件中读取数据,首先要判断该文件是否能以“读”的方式打开。若能打开,使用函数int fscanf(FILE*fp,char*format,args)从fp所指向的文件中依次读取数据。在本题中,数据的存放很有规律,将数据读出存入数组xx时,只要控制数组下标就可以了。若文件结束,则退出读取循环。最后要关闭文件。若一个数除以2取余得0,则该数是偶数,否则为奇数。由方差公式可知,这是求一些连续的数的表达式的值,所以可以使用循环求得方差。


如果进栈序列为1、2、3、4,则可能的出栈序列是( )。

A.3、1、4、2

B.2、4、1、3

C.1、2、3、4

D.3、4、1、2

正确答案:C


可以实现事务处理自动化和贸易自动化。

A.电子现金

B.EDI数据报文

C.用户格式文件

D.分组

正确答案:B
解析:EDI数据报文采用标准的报文格式,数据信息的传递以计算机数据通信网作为基础,所以可以实现事务处理自动化和贸易自动化。


Windows 98采用了虚拟存储技术以扩展可用的内存。在下列文件中,由Windows 98创建和管理的、用于扩展内存的交换文件是

A.Win 386.swp

B.Buffer. sys

C.Hiberfil. sys

D.Config.sys

正确答案:A
解析:该题考查考生对Windows 98 虚拟存储技术的理解。在Windows 98 中,交换文件的文件名为Win 386.swp,它的默认位置是Windows 的安装文件夹,Win 386.swp是不能删除的,即使强行删除了,下次启动时系统又会自动生成该文件,所以应该选择A。


计算机三级模拟冲刺试题集6辑 第3辑


十进制负数-38使用八位二进制补码表示为______。

A.01011011

B.11011010

C.11011011

D.01011010

正确答案:B
解析:补码表示法规定:负数的补码是该数的反码的最低位加1。十进制数38的八位二进制原码是00100110,所以十进制负数-38的八位二进制补码是11011010。


以下哪个协议不属于应用层协议?

A.TELNET

B.ARP

C.HTTP

D.NFS

正确答案:B
解析:本题考查应用层协议的相关概念。远程登录协议Telnet是TCP/IP协议族中—个重要的协议,它能够解决多种不同的计算机系统之间的互操作问题:超文本传输协议HTTP(Hyper Text Transfer Protocol)是WWW客户机与WWW服务器之间的应用层传输协议;网络文件系统(NFS)是一种在网络上的机器间共享文件的方法,文件就如同位于客户的本地硬盘驱动器上一样,这三种协议都属于应用层协议。地址解析协议(Address Resolution Protocol,ARP)是在仅知道土机的IP地址时确定其物理地址的一种协议,属于网络层协议。正确答案为选项B。


下面是有关PC机性能的叙述,其中错误的是:

A.系统总线的传输速率对计算机的输入、输出速度没有直接的影响

B.高速缓存(Cache)的功能是用来减少CPU等待的时间,提高系统速度

C.主存的存取周期是指从存储器中连续存取两个字所需要的最小时间间隔

D.系统的可靠性常用平均无故障时间(MTBF)和平均故障修复时间(MTTR)表示

正确答案:A
解析:计算机的处理过程就是将数据从外部设备读入,经过运算器按照预定的规则进行运算处理,得出期望的处理结果,然后通过输出设备输出。所以,系统总线的传输速率对计算机的输入、输出速度是有直接的影响的。


决定局域网特性的主要技术要素包括______、传输介质与介质访问控制方法。

A.所使用的协议

B.网络拓扑结构

C.数据传输环境

D.主机的时钟频率

正确答案:B
解析:决定局域网特性的主要技术要素包括网络拓扑结构、传输介质与介质访问控制方法。其中最主要的是介质访问控制方法。


(12)PC 主板上的 CMOS RAM中存放着系统硬件配置和日期、口令等信息,这些信息在PC 关机后不会丢失,其原因是 CMOS RAM在关机后是由后备【12】供电的。

正确答案:
【12】连接


下面列出的数据模型中,哪一种是数据库系统中最早出现的数据模型?

A.关系模式

B.层次模型

C.网状模型

D.面向对象模型

正确答案:B
解析:本题考查数据模型的基本知识。最早出现的数据模型为层次模型,因为正确答案为B。


计算机软件分为系统软件和应用软件两大类,其中处于系统软件核心地位的是

A.操作系统

B.编译程序

C.数据库管理系统

D.网络通信软件

正确答案:A


在电子商务中,SET协议支持的网上支付方式是

A.电子现金

B.数字现金

C.电子信用卡

D.电子支票

正确答案:C
解析:本题考查电子支付的相关知识。利用SET安全电子交易协议保证电子信用卡卡号和密码的安全传输是目前最常用的方法之一。正确答案为选项C。


显示存储器的容量是显示卡的重要性能指标之一,它直接影响着可以支持的显示器分辨率和颜色数目。例如一台彩显的分辨率是1280×1024,像素深度为24位,则显示存储器容量至少应有

A.1MB

B.2MB

C.4MB

D.6MB

正确答案:C
解析:本题考查对显示器工作原理的理解,显示存储器的容量与显示器分辨率和每个像素的位宽有关。本题的显示存储器容量至少要有:1280×1024×3约等于4MB。因此选C。


计算机三级模拟冲刺试题集6辑 第4辑


常用的电子支付方式包括电子现金、和电子支票。

正确答案:电子信用卡
电子支付就是网上进行买卖双方的金融交换,这种交换通常是由银行等金融机构中介完成的。电子支付工具包括电子现金、电子信用卡和电子支票等。
—    电子现金(e-Cash)也叫数字现金,它可以存储在智能型IC支付卡上,也可以以数字形式存储在现金文件中。在支付活动中,表现为买方资金的减少和卖方资金的增加。
—    信用卡是另一种常用的支付方式。电子商务活动中使用的信用卡是电子信用卡,它可以通过网络直接进行支付,在技术上必须保证传输的安全性和可靠性。
—    电子支票以传统支票因特网化为基础进行信息传递,以完成资金的转移。使用电子支票系统同样需要强有力的安全技术保障。


在Windows 98中,“回收站”是( )。

A.硬盘上的一片区域

B.光盘上的一片区域

C.软盘上的一片区域

D.内存上的一片区域

正确答案:A
解析:当你查看的文件夹选项设置的是显示所有文件时,你就可以看到在每个硬盘分区中,都有一个透明的回收站。


计算机之所以能按人们的意志自动连续地进行工作,主要是因为计算机( )。

A.有操作系统控制

B.采用了高级程序设计语言

C.采用了存储程序控制

D.有高性能的CPU

正确答案:C
解析:在计算机中采用了存储程序控制的功能使计算机能按人们的意志自动连续地进行工作。


下列4种Pentium处理器中哪一种是双核处理器?

A.Pentium4

B.Pentium D

C.Pentium Ⅱ

D.Pentium Pro

正确答案:B
解析:本题考查Pentium处理器的相关知识。双核处理器是指在一个处理器上集成两个运算核心,从而提高计算能力。“双核”的概念最早是由IBM、HP、Sun等支持RISC架构的高端服务器厂商提出的,主要运用于服务器上。而台式机上的应用则是在Intel和AMD的推广下,才得以普及。 目前Intel推出的台式机双核心处理器有 Pentium DPentium EE (Pentium Extreme Edition)和Core Duo三种类型,而早期的Pentium处理器并不是双核处理器。正确答案为选项B。


模块的内聚是从功能的角度来度量模块内的联系,内聚度最强的是( )。

A.通信内聚

B.功能内聚

C.顺序内聚

D.逻辑内聚

正确答案:B


下列哪一个描述是Internet比较恰当的定义? ( )

A.一组协议集

B.一个由许多个网络组成的网络

C.OSI模型的下三层

D.一种内部网络结构

正确答案:B
解析:Internet体系结构中,没有一种网络能满足所有的用途,在主干网的基础上互连多种不同网络,构成一个协调整体,由网络协议宋协调不同的物理网络之间的网络通信,所有的网络是平等的。


软件工程方法是在实践中不断发展的方法,而早期的软件工程方法主要是指

A.原型化方法

B.结构化方法

C.面向对象方法

D.功能分解法

正确答案:B
解析:早期的信息系统开发,通常采用结构化方法,随着计算机应用的普及,计算机技术的发展,形成了原型化方法。


互联网目前广泛使用的是IP协议第四版(IPv4),IP地址仅32位,据报道已全部分配完毕,今后在互联网中推广使用的很可能是______。

A) IPv4.1

B) IPv5

C) IPv6

D) IPv7

A.

B.

C.

D.

正确答案:C


组成计算机指令的两部分是______。

A.数据和字节

B.操作码和地址码

C.运算符和运算字

D.运算符和运算器

正确答案:B


计算机三级模拟冲刺试题集6辑 第5辑


串的长度是指______。

A.串中所含不同字母的个数

B.串中所含字符的个数

C.串中所含不同字符的个数

D.串中所含非空格字符的个数

正确答案:B
解析:串的长度定义为串中字符的数目,所以选项B为正确答案。选项C不正确,因为串中可以含有相同的字符。选项A不正确,因为串中可能含有相同的字母,而且也可能含有数字等其他非字母字符。选项D不正确,因为空格也是一种字符,在计算长度时理应将其计算在内。


下列不是以太网100BASE-T所支持的传输介质标准的是( )。

A.100BASE-TX

B.100BASE-T4

C.100BASE-CX

D.100BASE-FX

正确答案:C


因特网用户使用的FTP客户端应用程序通常有三种类型,即传统的FTP命令行、浏览器和【 】。

正确答案:FTP下载工具
FTP下载工具 解析:因特网用户使用的FTP客户端应用程序通常有三种类型,即传统的FTP命令行、浏览器和FTP下载工具。


近过程(NEAR)的RET指令把当前栈顶的一个字弹出到【 】。

正确答案:IP
IP


IPTV的基本技术形态可以概括为视频数字化、播放流媒体化和

A.传输ATM化

B.传输IP化

C.传输组播化

D.传输点播化

正确答案:B
解析:IPTV即交互式网络电视,是一种利用宽带有线电视网,集互联网、多媒体、通讯等多种技术于一体,向家庭用户提供包括数字电视在内的多种交互式服务的崭新技术。IPTV的基本技术形态包括:视频数字化、传输IP化、播放流媒体化。


下面关于超文本的叙述中,不正确的是( )。

A.超文本是由节点和链接组成

B.超文本采用一种非线形的网状结构来组织信息

C.超文本的节点只能是ASCII文本

D.超文本的节点分布在因特网的不同的Www服务器中

正确答案:C
解析:还可能是TXT文档。


从Internet实现技术的角度看,它主要是由哪几部分组成的?( )

A.通信线路、路由器、主机、信息资源

B.服务器、客户机、路由器

C.服务器、客户机、信息资源

D.服务器、浏览器、通信线路

正确答案:A

从Internet实现技术角度看,其主要是由通信线路、路由器、主机、信息资源等几个主要部分组成。
①通信线路。Internet中的通信线路可分为两类:有线通信线路与无线通信线路。常用的传输介质主要有双绞线、同轴电缆、光纤电缆、无线与卫星通信信道。
②路由器。路由器的作用是将Internet中的各个局域网、城域网或者广域网以及主机互联起来。
③主机。主机是Internet中信息资源与服务的载体。联入Internet的主机可以分为两类:服务器与客户机。
④信息资源。Internet中的信息资源包括文本、图像、语音与视频等多种类型。


统—的安全电子政务平台包括统—的可信Web服务平台、统—的Web门户平台与统—的________。

A.数据交换平台

B.电视会议平台

C.语音通信平台

D.电子邮件平台

正确答案:A
解析:在统一的安全电子政务平台中,统一的接入平台、统一Web门户平台、统一的Web服务平台和统一的数据交换平台之间通过具有第3层交换功能的交换机设备进行互联。


在Internet中计算机之间直接利用IP地址进行寻址,因而需要将用户提供的主机名转换成IP地址,这个过程称为域名解析。Internet域名解析有 【 】和反复解析两种方式。

正确答案:递归解
递归解 解析:域名解析包括递归解析和反复解析两种。前者要求名字服务器系统一次性完成全部名字一地址变换;后者每次请求一个服务器,不行再请求别的服务器。


计算机三级模拟冲刺试题集6辑 第6辑


为方便用户开发数据库应用程序,Oracle提供了众多工具供用尸选择使用,如果要进行数据库建模,应使用的工具是( )。

A.Oracle Developer/2000

B.Oracle Designer/2000

C.Oracle Discoverer/2000

D.Oracle Office

正确答案:B


视频信息采用数字形式表示后有许多特点,下面的叙述中不正确的是,( )。

A.不易进行操作处理

B.图像质量更好

C.信息复制不会失真

D.有利于传输和存储

正确答案:A


以下关于操作型数据和分析型数据的描述中,错误的是

A.操作型数据是综合的,而分析型数据是详细的

B.操作型数据在存取瞬间是准确的,而分析型数据则代表过去的数据

C.操作型数据需要不断更新,而分析型数据很少更新

D.操作型数据的操作需求事先可知道,而分析型数据操作的需求事先不知道

正确答案:A
解析:参看模拟题1中第31题的解析。


BSP是指( )。

A.企业系统规划

B.决策支持系统

C.原型化开发方法

D.结构化生命周期

正确答案:A


Windows98提供的网络服务组件有【 】和个人Web服务器。

正确答案:拨号网络服务器
拨号网络服务器 解析:Windows98提供的网络服务组件有拨号网络服务器和个人Web服务器。


关于企业的实体,下列说法错误的是( )。

A.实体是数据的载体,实体分析是自顶向下确定企业实体的过程

B.实体只可以是具体的,不能是抽象的

C.实体通常由了解企业业务的用户分析员确定

D.实体间的联系有一对一的联系、一对多的联系

正确答案:B


联系一般分为:______、一对多的联系和多对多的联系。

正确答案:一对一的联系
一对一的联系 解析:联系一般分为:一对一的联系、一对多的联系和多对多的联系。


如果一台主机的IP地址为20.22.25.6,子网掩码为255.255.255.0,那么该主机所属的网络(包括子网)为( )。

A)20.22.25.0

B)20.22.0.0

C)20.0.0.0

D)0.0.0.0

正确答案:A
主机的IP地址为20.22.25.6为A类地址,所以其主机所在的网络为20.0.0.0;但考虑到子网掩码为255.255.255.0,所以主机所在的网络(包括子网)为20.22.25 0,答案为A)。


下列关于Telnet的表述中,错误的是( )。

A.Telnet采用了对等网络模式

B.Telnet可以用于公共服务或商业目的

C.Telnet精确地定义了本地客户机和远程服务器之间交互过程

D.Telnet连接的双方计算机都要支持Telnet

正确答案:A
解析:Telnet采用的是客户机/服务器模式。Telnet连接的双方,即用户本地的计算机和向用户提供因特网服务的计算机都必须支持Telnet。